字符串——541. 反转字符串 II

1 题目描述

541. 反转字符串 II
     给定一个字符串 s 和一个整数 k，从字符串开头算起，每计数至 2k 个字符，就反转这 2k 字符中的前 k 个字符。

如果剩余字符少于 k 个，则将剩余字符全部反转。
如果剩余字符小于 2k 但大于或等于 k 个，则反转前 k 个字符，其余字符保持原样。

2 题目示例

示例 1：
输入：s = “abcdefg”, k = 2
输出：“bacdfeg”

示例 2：
输入：s = “abcd”, k = 2
输出：“bacd”

3 题目提示

1 <= s.length <= 104
s 仅由小写英文组成
1 <= k <= 104

4 思路

方法一：模拟
我们直接按题意进行模拟：反转每个下标从 2k2k 的倍数开始的，长度为 kk 的子串。若该子串长度不足 kk，则反转整个子串。
一些同学可能为了处理逻辑：每隔2k个字符的前k的字符，写了一堆逻辑代码或者再搞一个计数器，来统计2k，再统计前k个字符。

其实在遍历字符串的过程中，只要让 i += (2 * k)，i 每次移动 2 * k 就可以了，然后判断是否需要有反转的区间。

因为要找的也就是每2 * k 区间的起点，这样写，程序会高效很多。

所以当需要固定规律一段一段去处理字符串的时候，要想想在在for循环的表达式上做做文章。

复杂度分析

时间复杂度：O(n)，其中 n 是字符串 s 的长度。

空间复杂度：O(1) 或 O(n)，取决于使用的语言中字符串类型的性质。如果字符串是可修改的，那么我们可以直接在原字符串上修改，空间复杂度为 O(1)，否则需要使用 O(n) 的空间将字符串临时转换为可以修改的数据结构（例如数组），空间复杂度为 O(n)。

5 我的答案

class Solution {
    
    public String reverseStr(String s, int k) {
    
        int n = s.length();
        char[] arr = s.toCharArray();
        for (int i = 0; i < n; i += 2 * k) {
    
            reverse(arr, i, Math.min(i + k, n) - 1);
        }
        return new String(arr);
    }

    public void reverse(char[] arr, int left, int right) {
    
        while (left < right) {
    
            char temp = arr[left];
            arr[left] = arr[right];
            arr[right] = temp;
            left++;
            right--;
        }
    }
}

//解法二（似乎更容易理解点）
//题目的意思其实概括为 每隔2k个反转前k个，尾数不够k个时候全部反转
class Solution {
    
    public String reverseStr(String s, int k) {
    
        char[] ch = s.toCharArray();
        for(int i = 0; i < ch.length; i += 2 * k){
    
            int start = i;
            //这里是判断尾数够不够k个来取决end指针的位置
            int end = Math.min(ch.length - 1, start + k - 1);
            //用异或运算反转 
            while(start < end){
    
                ch[start] ^= ch[end];
                ch[end] ^= ch[start];
                ch[start] ^= ch[end];
                start++;
                end--;
            }
        }
        return new String(ch);
    }
}